1樓：藍色的雲之煜
動能增加了8.0×10-5j，其他力做的功為6.0×10-5j，所以電場力做的功為8.
0×10-5j-6.0×10-5j=2.0×10-5j.
電場力做功=q（電量）×電勢差，所以電勢差e=2.0×10-5j除以2.0×10-9c=10^4v
因為動能增加了，電場力做正功，q是正電荷，所以a,b兩點間的電勢差ua- ub是正的。答案是10^4v
2樓：匿名使用者
因為電場力做功為：
w=ek-w1=2x10^-5j
所以：w=（ub-ua）q
解得：（ub-ua）=10^4v
至於你問的情況，如果是
沒有外力的作用情況下，那就是
質點動能增加多少，那麼電勢能就減少多少
前提是無外力做功
3樓：匿名使用者
根據動能定理，所有外力做功的和等於動能的增量。若系統內只有電場力做功，質點動能增加多少，質點的電勢能就減少多少。
4樓：
由動能定理，得 uabq＋w外＝δek＝8.0×10－5j 其中w外表示其它力做的功 故uab＝ =1×104v 即b選項正確。
如圖乙個帶正電的質點，電荷量q=2.0×10-9c，在靜電場中由a點移動到b點．在這過程中除電場力外，其它力做
5樓：瘱胼
設此過程中，電場力對點電荷做的功為wab，由動能定理可知：
w外+wab=△ek
即 wab=△ek-w外=2.0×10-5j則a、b兩點間的電勢差為：
uab=wabq
=2×1?5
2×1?9
=1.0×104v
若此電場為勻強電場，a，b間距離為5m，則此電場的電場強度大小為：
e=uab
d=10000
5＝2000v/m
故答案為：2.0×10-5，1×104，2×103．
乙個帶正電的質點，電量q=2.0×10 -9 庫，在靜電場中由a點移到b點，在這過程中，除電場力之外的其他力作
6樓：手機使用者
解：依題意，
bai質點
的電量duq=2.0×10-9 c，設a、b兩點間電zhi勢差為dao
專uab
則質點從a到b點，電場力做功為
屬w電 =quab
又已知其它力做功w其它 =6.0×10-5 j質點動能的增量△ek =8.0×10-5 j則質點從a到b的過程中，由動能定理得w電 +w其它 =△ek代入資料得：
uab =1×104 v
固定不動的正點電荷A,帶電量為Q10106C,點
b電荷從baip點由靜止釋放,釋放瞬du間,由牛頓第二 zhi定律dao與庫侖定律可得 a f m k r2 m則有專 q m ar2 kqb電荷在庫侖力作用下,屬速度不斷增大.所以由qu 1 2 mv2,可得 v 2qu m 2ur2 q 1.55 10 4 m s 答 b電荷能達到的最大速度為1...
有一帶正電的驗電器，當一金屬球A靠近驗電器的小球B（不接觸）時
1.首先驗電器上的小球b吸引a中的負電荷，使負電荷向b所在的方向聚集，正電荷向反方向聚集。然後那部分聚集的負電荷再次與b中的電荷發生作用，使得小球 金屬桿與金屬箔構成的整體中的正電荷向a的方向聚集 也就是聚集到小球上 而負電荷向下聚集到金屬箔上，所以金屬箔張角減小。由於這種反作用較小，所以移動的電荷...
有帶電量為q30106C的點電荷,從某電場中的A
因為baiwab quab所以u ab wabq 6 du 43.0 6 200v 同理得 ubc wbc q 9 4 3.0 6 300v 又 uac uab ubc 100v 因為zhiuab daoa b且 b 0 所以 a uab 200v 同理 c ubc 300v.答 a 版c兩點間的電...